Question

【題目】如圖，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，拋物線與x軸交于點(diǎn)A，C（點(diǎn)A在點(diǎn)C的左側(cè)），與y軸交于點(diǎn)B，頂點(diǎn)為D.點(diǎn)Q為線段BC的三等分點(diǎn)（靠近點(diǎn)C）.

（1）點(diǎn)M為拋物線對(duì)稱軸上一點(diǎn)，點(diǎn)E為對(duì)稱軸右側(cè)拋物線上的點(diǎn)且位于第一象限，當(dāng)的周長(zhǎng)最小時(shí)，求面積的最大值；

（2）在（1）的條件下，當(dāng)的面積最大時(shí)，過點(diǎn)E作軸，垂足為N，將線段CN繞點(diǎn)C順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°得到點(diǎn)N，再將點(diǎn)N向上平移個(gè)單位長(zhǎng)度.得到點(diǎn)P，點(diǎn)G在拋物線的對(duì)稱軸上，請(qǐng)問在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)是否存在一點(diǎn)H，使點(diǎn)D，P，G，H構(gòu)成菱形.若存在，請(qǐng)直接寫出點(diǎn)H的坐標(biāo)，若不存在，請(qǐng)說明理由.

Answer 1

【答案】（1）；（2），，

【解析】

（1）連接QA交拋物線對(duì)稱軸于M，此時(shí)△MQC周長(zhǎng)最小，可求出M（1，），再求出直線CM解析式y=-x+1，設(shè)點(diǎn)E（t，-t2+2t+3），根據(jù)S△ECM=ES（C橫坐標(biāo)-M橫坐標(biāo)）可得出S△ECM=-（t-）2+，即S△CME最大值=；

（2）根據(jù)題意可求得P（3，2），利用兩點(diǎn)間距離公式或勾股定理得DP=2，由菱形性質(zhì)得PH∥DG∥y軸，PH=DP=2，分兩種情況：①點(diǎn)H在點(diǎn)P上方；②點(diǎn)H在點(diǎn)P下方．

（1）令y=0，得-x2+2x+3=0，解得x1=-1，x2=3，

∴A（-1，0），C（3，0），

令x=0，得y=3，

∴B（0，3），

如圖1，過Q作QF⊥x軸于F，

∵QF∥OB，

∴△CQF∽△CBO，

∴

∵點(diǎn)Q為線段BC的三等分點(diǎn)（靠近點(diǎn)C），

∴

∴，

∴QF=CF=1，

∴Q（2，1），

∵y=-x2+2x+3=-（x-1）2+4，

∴D（1，4），拋物線對(duì)稱軸x=1

連接AQ交拋物線對(duì)稱軸于M，則M（1，），此時(shí)△MQC周長(zhǎng)最小．

設(shè)直線CM解析式為y=kxb，則，解得：；

∴y=-x+1，

設(shè)E（t，-t2+2t+3）為拋物線對(duì)稱軸右側(cè)且位于第一象限內(nèi)的點(diǎn)，過E作EN⊥x軸于N，EN交CM于S，

則，S（t，-t+1），

∴ES=-t2+2t+3-（-t+1）=-t2+t+2，

∴S△CME＝×2ES=-t2+t+2=-（t-）2+，

∵-1＜0，

∴當(dāng)t=時(shí)，S△CME最大值=，

（2）存在．如圖2，由（1）知CN=OC-ON=3-=，由旋轉(zhuǎn)得CN′=CN=，CN′⊥x軸，

由題意得CP⊥x軸，CP=CN′+N′P=2，

∴P（3，2）

∴DP=，

∵四邊形DPHG是菱形，

∴DG=PH=DP=2，PH∥DG，

∴H（3，2-2），

如圖3，

∵四邊形DPHG是菱形，

∴DG=PH=DP=2，PH∥DG，

∴H（3，2+2）．

如圖4，四邊形DPGH是菱形，P與H關(guān)于拋物線對(duì)稱軸對(duì)稱，

∴H（-1，2）．

如圖5，過點(diǎn)P作PG⊥直線x=1于G，作DH⊥直線x=1，過P作PH⊥DH于H，

∵PH=DG=DH=PG=2，∠PGD=90°

∴四邊形DPGH是菱形，

∴H（3，4）

綜上所述，點(diǎn)H的坐標(biāo)為（3，2-2）或（3，2+2）或（-1，2）或（3，4）．