Question

【題目】已知在平面直角坐標(biāo)系中，A（a，0），B（0，b），D（0，c），其中a，b，c滿足2a2+b2+c2-2ab-8a-2c+17=0，過坐標(biāo)O作直線BC交線段OA于點C．
（1）如圖1，當(dāng)∠ODA=∠OCB時，求點C的坐標(biāo)；

（2）如圖2，在（1）條件下，過O作OE⊥BC交AB于點E，過E作EF⊥AD交OA于點N，交BC延長線于F，求證：BF=OE+EF；

Answer 1

【答案】（1）C（1，0）；（2）見解析；

【解析】

（1）利用非負(fù)數(shù)的性質(zhì)求出a，b，c的值，再證明△AOD≌△BOC（ASA），推出OC=OD=1解決問題；
（2）如圖2中，設(shè)AD交BC于點Q，連接OQ，QE．想辦法證明BQ=OE，FQ=EF即可解決問題；

（1）如圖1中，

∵2a2+b2+c2-2ab-8a-2c+17=0，
∴（a-4）2+（a-b）2+（c-1）2=0，
∵（a-4）2≥0，（a-b）2≥0，（c-1）2≥0，
∴a=b=4，c=1，
∴A（4，0），B（0，4），D（0，1）．
∴OB=OA，
∵∠ODA=∠OCB，∠AOD=∠BOC=90°，
∴△AOD≌△BOC（ASA），
∴OC=OD=1，
∴C（1，0）．
（2）如圖2中，設(shè)AD交BC于點Q，連接OQ，QE．

∵△AOD≌△BOC，
∴∠DAO=∠CBO，OD=OC，
∵OB=OA，
∴BD=AC，
∵∠AQB=∠CQA，
∴△DQB≌△CQA（AAS），
∴BQ=AQ，
∵OQ=OQ，OB=OA，BQ=AQ，
∴△OQB≌△OQA（SSS），
∴∠BOQ=∠AOQ=45°，
∴∠BOQ=∠OAE，
∵BF⊥OE，
∴∠OBC+∠BOE=90°，∠BOE+∠AOE=90°，
∴∠OBQ=∠AOE，∵OB=OA，
∴△OBQ≌△AOE（ASA），
∴BQ=OE，OQ=AE，
∵EQ=EQ，AQ=OE，OQ=AE，
∴△OEQ≌△AQE（SSS），
∴∠OEQ=∠AQE，
∵EF⊥AD，OE⊥BC，
∴∠F+∠FEO=90°，∠F+∠FQA=90°，
∴∠FEO=∠FQA，
∴∠FEQ=∠FQE，
∴EF=FQ，
∴BF=BQ+FQ=OE+EF．