題目列表(包括答案和解析)
求1+2+22+23+…+22012的值，可令S=1+2+22+23+…+22012，則2S=2+22+23+24+…+22013，因此2S﹣S=22013﹣1．仿照以上推理，計算出1+5+52+53+…+52012的值為
設
，求下列各式的值：
(Ⅰ) 
;
（Ⅱ）
； （Ⅲ）
.
【解析】本試題主要考查了二項式定理的運用。第一問中利用賦值的思想，令x=0，得到
第二問中，利用令x=1，得到
第三問中，利用令x=1/2，得到
解：（1）令x=0，得到；
（2）令x=1，得到
（3）令x=1/2，得到
求a，b，c，d四個數中最大數的算法是
S1 令max＝a；
S2 若b＞max，則max＝b；
S3 若c＞max，則max＝c；
S4 若d＞max，則max＝d；
S5 print max．
則最大數是
A．a
B．b
C．d
D．a，b，c，d均有可能
求滿足1＋2＋3＋……＋n＞2011的最小正整數n，完成算法步驟并畫出程序框圖．
算法步驟：
第一步：令n＝1
第二步：令S＝0
第三步：________
第四步：________
第五步：判斷S＞2011是否成立，若是，則執行第六步；否則，返回第三步
第六步：輸出________
程序框圖：________
一、A；A；C；D；A；A； C；C；B； D；C；A
二、13、
或
； 14、80； 15、
；16、
；
17、解：⑴
………………………………………3分
時，由
得函數的遞增區間為
時，由
得函數的遞增區間為
…………………………………………5分
⑵
……………………………………………7分
時，
得：
（舍）
時，
得
綜上，
……………………………………………………10分
18、解：用
分別表示三列火車正點到達的事件，則
⑴恰有兩列火車正點到達的概率記為
,則
……………………………………………4分
⑵三列火車正點的列數分別為
。則
……………………………………………………………8分
…………………………10分
19．解：方法一：（I）證明：
，
又
平面
平面ABCD，平面
平面ABCD＝BC，
平面ABCD ……2分
在梯形ABCD中，可得
，即
在平面ABCD內的射影為AO，
……4分
（II）解：
，且平面平面ABCD
平面PBC， 
平面PBC，
為二面角P―DC―B的平面角 ……6分
是等邊三角形
即二面角P―DC―B的大小為
…8分
（III）證明：取PB的中點N，連結CN，
①
，且平面平面ABCD，
平面PBC ……10分
平面PAB 
平面平面PAB ②
由①、②知
平面PAB…………..10分
連結DM、MN，則由MN//AB//CD，
，
得四邊形MNCD為平行四邊形，
，
平面PAB．
平面PAD 平面
平面PAB ……………….12分
方法二：取BC的中點O，因為
是等邊三角形，
由側面底面ABCD 得
底面ABCD ……1分
以BC中點O為原點，以BC所在直線為x軸，過點O與AB平行的直線為y軸，建立如圖所示的空間直角坐標系O―xyz……2分
（I）證明：
，則在直角梯形中，
在等邊三角形PBC中，
……3分
，即
…4分
（II）解：取PC中點N，則
平面PDC，顯然
，且
平面ABCD
所夾角等于所求二面角的平面角 ……6分
，二面角
的大小為 ……8分
（III）證明：取PA的中點M，連結DM，則M的坐標為
又
……10分
，
即
平面PAB，平面平面PAB ……12分
20．解：Ⅰ由已知得：
……………………………………2分
當
解得：
…………………………………………3分
當
時，
，帶入上式得：
配方得：
所以
……………………………………………5分
所以
……………………………………7分
Ⅱ
………………………………………………………………9分
…………………11分
…………………………………………………………12分
21．解：（I）右準線
，漸近線
，
……3分
（II）
雙曲線C的方程為：
……7分
（III）由題意可得
……8分
證明：設
，點
由
得
與雙曲線C右支交于不同的兩點P、Q
……11分
，得
的取值范圍是（0，1） ……13分
22．解：⑴
；
當
時，
；
令
，該二次函數的對稱軸為
當時，設，
，則
；
當時，要使
在
上是單調函數，只能為上的減函數
故函數在上滿足：
或
，解得
。綜上
…………5分
⑵當時，
；
當
；當
所以
…………………………………………………8分
⑶反證法：不妨設
，由⑵知
所以
所以
所以
；
因為
時，
這與上面的結論矛盾，故
同理
……………………………………………13分
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