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D. 它們的最大加速度不能大于 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

“探究加速度與物體受力的關系”的實驗裝置如 圖,小車A質量為m1連接在小車后面的紙帶穿過電 火花打點計時器B,它們均置于水平放置的一端帶有 定滑輪的足夠長的木板上,p的質量為m2. C為職彈簧測力計。實驗時改變P的質最,讀出測力計不同讀數 F,不計繩與滑輪的摩擦。

(1)電火花打點計時器工作電壓為_____(選填“交變電流”或“直流”)_____V;

(2) 下列說法正確的是(  )

A. 一端帶有定滑輪的長木板必須保持水平B.實驗時應先接通電源后釋放小車

C. 實驗中m2應遠小于m1                 D.測力計的讀數始終為m2g

(3)  下圖為某次實驗得到的紙帶,紙帶上標出了所選的四個計數點之間的距離,相鄰計數點間還有四個點沒有畫出。由此可求得小車的加速度大小是    m/s2 (交流電的頻率為50Hz,結果保留兩位有效數字)。

 (4)實驗時,某同學由于疏忽,遺漏了平衡摩擦力這一步驟。從理論上分析,該實驗a-F 圖象可能是(  )

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回旋加速器在科學研究中得到了廣泛應用,其原理如圖所示.D1和D2是兩個中空的半圓形金屬盒,置于與盒面垂直的勻強磁場中,它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上.位于D1圓心處的質子源A能不斷產生質子(初速度可以忽略),它們在兩盒之間被電場加速.當質子被加速到最大動能Ek后,再將它們引出.忽略質子在電場中的運動時間,則下列說法中正確的是

A.若只增大交變電壓U,則質子的最大動能Ek會變大

B.若只增大交變電壓U,則質子在回旋加速器中運行時間會變短

C.若只將交變電壓的周期變為2T,仍可用此裝置加速質子

D.質子第n次被加速前后的軌道半徑之比為

 

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回旋加速器在科學研究中得到了廣泛應用,其原理如圖所示.D1和D2是兩個中空的半圓形金屬盒,置于與盒面垂直的勻強磁場中,它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上.位于D1圓心處的質子源A能不斷產生質子(初速度可以忽略),它們在兩盒之間被電場加速.當質子被加速到最大動能Ek后,再將它們引出.忽略質子在電場中的運動時間,則下列說法中正確的是

A.若只增大交變電壓U,則質子的最大動能Ek會變大
B.若只增大交變電壓U,則質子在回旋加速器中運行時間會變短
C.若只將交變電壓的周期變為2T,仍可用此裝置加速質子
D.質子第n次被加速前后的軌道半徑之比為

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回旋加速器在科學研究中得到了廣泛應用,其原理如圖所示.D1和D2是兩個中空的半圓形金屬盒,置于與盒面垂直的勻強磁場中,它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上.位于D1圓心處的質子源A能不斷產生質子(初速度可以忽略),它們在兩盒之間被電場加速.當質子被加速到最大動能Ek后,再將它們引出.忽略質子在電場中的運動時間,則下列說法中正確的是(  )
A.若只增大交變電壓U,則質子的最大動能Ek會變大
B.若只增大交變電壓U,則質子在回旋加速器中運行時間會變短
C.若只將交變電壓的周期變為2T,仍可用此裝置加速質子
D.質子第n次被加速前后的軌道半徑之比為
n-1
n
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回旋加速器在科學研究中得到了廣泛應用,其原理如圖所示.D1和D2是兩個中空的半圓形金屬盒,置于與盒面垂直的勻強磁場中,它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上.位于D1圓心處的質子源A能不斷產生質子(初速度可以忽略),它們在兩盒之間被電場加速.當質子被加速到最大動能Ek后,再將它們引出.忽略質子在電場中的運動時間,則下列說法中正確的是( )

A.若只增大交變電壓U,則質子的最大動能Ek會變大
B.若只增大交變電壓U,則質子在回旋加速器中運行時間會變短
C.若只將交變電壓的周期變為2T,仍可用此裝置加速質子
D.質子第n次被加速前后的軌道半徑之比為

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一、選擇題(本題共10小題,每小題4分,共40分,有的小題只有一個選項符合題意,有的小題有幾個選項符合題意,全部選對得4分,部分選對得2分,選錯或不答得0分)

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

ABD

C

C

C

BD

C

AD

D

A

AB

二、實驗題(每小題4分,共12分)

11、(1)     B        (2)    ACD     (3)     AEG

三、計算題(共4小題,每小題12分,共48分.解答應寫出必要的文字說明,方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題,答案必須寫出數值和單位)

12.解:(1)對A、B整體:3qE-qE=2ma    ①    得:a=qE/m    ②

(2)設所求的距離為L,則對B有:     ③

②、③聯立得;

13.解:碰撞過程動量守恒mvo=(m+M)V         ①

由能量守恒得  FS=      ②

設木板的長度為L,應滿足:L≥S          ③

由動量定理:Ft=MV                ④

由①②③聯立得:     由①②④聯立得:

14.解:前10s做勻加速運動F-μmgㄔma         且a=0.8 m/s2

后4s做勻減速運動F/3 ―μmg=ma’      且a’=-2 m/s2       

 聯解得:μ=0.34    F=8.4N

15.解:碰撞過程,動量守恒:m1V1= m1V1/+ m2V2        所以:V1/=-0.3m/s

碰撞后m2上滑過程機械能守恒,設最大偏角為θ,則:

Cosθ=0.997       所以:θ=4.4°<10°

因此:m2在圓弧上的運動當作簡諧振動處理,故:t1=

t2=S/ V2=1.2/0.6=2s       t3=S/ V1/ =1.2/0.3=4s

因為兩物體平拋運動的時間相同,所以,所求的時間差為:△t=t1+ t2-t3=0.43s

 

 

 

 


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