題目列表(包括答案和解析)
圖5-4-8
圖
圖5-4-6
物理興趣小組的同學發現不同的變壓器，它們的初級線圈和次級線圈的匝數都不一樣，于是他們提出了一個這樣的探究問題：是不是變壓器的輸出電壓與變壓器的匝數有關呢？為了驗證自己的猜想，他們進行了以下的探究實驗：
實驗器材有：可拆變壓器（即初級線圈、次級線圈匝數都可改變），交流電流表，學生電源（可輸出低壓交流電）其實驗原理圖如圖13-4-12所示，每次實驗后每同時改變依次初級線圈、次級線圈的匝數，并將每次實驗時初級線圈、次級線圈的匝數記錄在表格中，同時將每次初級線圈的輸入電壓、次級線圈的輸出電壓也記錄在下表中：
| 試驗次數 | 初級線圈匝數n1(匝) | 次級線圈匝數n2(匝) | n1/n2 | 初級線圈的輸入電壓U1（V） | 次級線圈的輸出電壓U2（V） | U1/U2 |
| 1 | 1800 | 900 | 4 | 1.98 | ||
| 2 | 1500 | 750 | 4 | 1.99 | ||
| 3 | 1000 | 500 | 4 | 2.00 | ||
| 4 | 800 | 400 | 4 | 1.99 |
（1）計算出每次實驗所用的初級線圈與次級的匝數比以及初級線圈的輸入電壓與次級線圈的輸出電壓之比并填入表中
（2）通過以上實驗的數據分析，得出相應的規律：
| 試驗次數 | 初級線圈匝數n1(匝) | 次級線圈匝數n2(匝) | n1/n2 | 初級線圈的輸入電壓U1（V） | 次級線圈的輸出電壓U2（V） | U1/U2 |
| 1 | 1800 | 900 | | 4 | 1.98 | |
| 2 | 1500 | 750 | | 4 | 1.99 | |
| 3 | 1000 | 500 | | 4 | 2.00 | |
| 4 | 800 | 400 | | 4 | 1.99 | |
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
D
AB
C
AD
ABD
C
BC
C
C
A
BD
D
13. 偏向正極 S極 向上 順時針
14.（1）B （2）豎直位移 X增益
15解：（1）t1=3s、t2=5s時磁感應強度分別為：
B1=0.35T、B2=0.2T， (2分)
則這兩個時刻的磁通量分別為
Φ1= B1?S磁場=0.35×200×10-4=7.0×10-3Wb， (2分)
Φ2= B2?S磁場=0.2×200×10-4=4.0×10-3Wb。 (2分)
（2）在0~4s內，a點電勢最低，且為負值，
φa=-U2=4E1/5=-1.6 V (2分)
在4~6s內，a點電勢最高，且為正值，
φa=U2' =4E2/5= 6.4 V (2分)
16. 解：（1）圖略 (3分)
（2）設輸電線的電流I，則根據P損=
線解得I=
升壓變壓器次級電壓
V
升壓變壓器原副線圈匝數比
(2分)
降壓變壓器初級電壓
線=5000-20×10=4800V
降壓變壓器原副線圈匝數化
(2分)
（3）
(2分)
n=900盞 (1分)
17.解：（1）由E＝BLv， (1分)
I＝E/R， (1分)
F安＝BIL， (1分)
F－F安＝ma， (1分)
聯立解得：
(1分)
（2）當a＝0時速度最大，故
(3分)
撤去F后，導體棒的動能全部轉化為熱量
(2分)
18．解析：
（1）ab邊剛進入磁場時和ab邊剛出磁場時，由牛頓第二定律可得
，
（3分）
解得
（1分）
（2）設cd邊剛進入磁場時線框的速度大小為
，考察從cd邊剛進入磁場到ab邊剛出磁場的過程，由動能定理可得
（3分）
解得
（1分）
（3）線框進入磁場的過程中，由能量守恒可得
（3分）
解得
（1分）
19.解答：
（1）當ab以速度v向右勻速運動時，產生的感應電動勢：
E＝BLv (1分)
回路abNM產生的感應電流為：
(1分)
則ab兩端的電壓（AB兩板間電勢差）
(2分)
對帶電粒子：要使粒子在AB板間作勻速圓周運動，重力和電場力平衡，有
(2分)
洛侖茲力提供向心力，
(2分)
聯立以上五式解得：
. (1分)
（2）對于導體棒，做勻速運動時，拉力F等于安培力大小.
即：
(3分)
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