題目列表(包括答案和解析)
(1)下列說法中正確的是________
A．擴散現象和布朗運動的劇烈程度都與溫度有關，所以擴散現象和布朗運動也叫做熱運動
B．一定質量的理想氣體，溫度升高，壓強一定增加
C．葉面上的露珠成球形是由于液體表面張力的作用
D．物質是晶體還是非晶體是絕對的
(2)封閉在氣缸內一定質量的理想氣體由狀態A變到狀態D，其體積V與熱力學溫度T的關系如圖所示，該氣體的摩爾質量為M，狀態A的體積為V0，溫度為T0，O、A、D三點在同一直線上，阿伏伽德羅常數為NA．
①在上述過程中，氣體對外做功為5 J，內能增加9 J，則氣體________(選填“吸收”或“放出”)熱量________J．
②在狀態D，該氣體的密度為ρ，體積為2 V0，則狀態D的溫度為多少？該氣體的分子數為多少？
（1）下列說法正確的是
A．一束光照射到某種金屬上不能發生光電效應，是因為光的強度太弱
B．德布羅意認為一切物體都具有波粒二象性
C．比結合能小的原子核結合成或分解成比結合能大的原子核時一定吸收能量
D．黑體輻射電磁波的強度按波長分布只與溫度有關
（2）核電池又叫‘放射性同位素電池”，一個硬幣大小的核電池可以讓手機不充電使用5000年。燃料中钚（
）是一種人造同位素，可通過下列反應合成：
① 用氘核（
）轟擊鈾（
）生成镎（
）和兩個相同的粒子x ，核反應方程是
；
②镎（）放出一個粒子Y 后轉變成钚（ ) ，核反應方程是
。則x 粒子的符號為 ；Y 粒子的符號為
。
（3）如圖甲，光滑水平面上有A、B兩物體，已知A的質量為2 kg，A以一定的初速度向右運動，與B發生正碰后粘在一起向右運動，它們位移時間圖像如圖乙求：
①物體B的質量；
②AB碰撞過程中損失的機械能。
（1）下列說法正確的是
A．一束光照射到某種金屬上不能發生光電效應，是因為光的強度太弱
B．德布羅意認為一切物體都具有波粒二象性
C．比結合能小的原子核結合成或分解成比結合能大的原子核時一定吸收能量
D．黑體輻射電磁波的強度按波長分布只與溫度有關
（2）核電池又叫‘放射性同位素電池”，一個硬幣大小的核電池可以讓手機不充電使用5000年。燃料中钚（
）是一種人造同位素，可通過下列反應合成：
① 用氘核（
）轟擊鈾（
）生成镎（
）和兩個相同的粒子x ，核反應方程是
；
②镎（）放出一個粒子Y 后轉變成钚（ ) ，核反應方程是
。則x 粒子的符號為 ；Y 粒子的符號為 。
（3）如圖甲，光滑水平面上有A、B兩物體，已知A的質量為2 kg，A以一定的初速度向右運動，與B發生正碰后粘在一起向右運動，它們位移時間圖像如圖乙求：
①物體B的質量；
②AB碰撞過程中損失的機械能。
）是一種人造同位素，可通過下列反應合成：
）轟擊鈾（
）生成镎（
）和兩個相同的粒子x ，核反應方程是
；）放出一個粒子Y 后轉變成钚（ ) ，核反應方程是
。則x 粒子的符號為 ；Y 粒子的符號為 。
（物理部分）
第Ⅰ卷
二、選擇題（48分）
14．A 15．C 16．B 17．B 18．AD 19．CD 20．AD 21．C
第Ⅱ卷
22．（17分）
（1）0.949或0.950 （2分）
（2）①1.94 1.94 9.7 ②受到（每空2分，共8分）
（3）①見圖 評分標準：測量電路正確2分，變阻器接法正確2分，全對得4分
②80±2Ω
23．（16分）
解：（1）設該隊員下滑中的最大速度為v，滑至地面前瞬間的速度為v1，做勻減速直線運動的加速度為a，在整段過程中運動的時間分別為t1和t2，下滑的距離分別為h1和h2
該隊員先做自由落體運動，有 v2＝2gh1 ① （1分）
接著做勻減速直線運動，有 v2－v12＝2ah2 ② （1分）
fmax－mg＝ma ③ （2分）
且 s＝h1＋h2 ④ （1分）
v1＝
由③式得：a＝5m/s2 （1分）
再由①②④式聯立可得 v＝10m/s （2分）
所以該隊員下滑過程中動量的最大值p＝mv＝650kg?m/s （2分）
（2）由v＝gt1 ⑤ （1分）
v－v1＝at2 ⑥ （1分）
由⑤⑥式可得 t1＝1s t2＝0.8s （2分）
所以該隊員下滑過程的最短時間t＝t1＋t2＝1.8 s （2分）
24．（19分）
解：（1）設子彈射入物塊前的速度大小為v0，射入后共同速度的大小為v，
子彈擊中乙的過程中動量守恒，有 mv0＝（m＋m乙）v ① （3分）
乙上擺到最高點的過程，機械能守恒
有
②
（3分）
聯立②③解得 v0＝300m/s （2分）
（2）設甲物體的質量為m甲，說受的最大靜摩擦力為f，斜面的傾角為θ，
當乙物體運動到最高點時，繩子上的彈力設為T1，
T1＝（m＋m乙）gcosθ ③ （2分）
此時甲物體恰好不下滑，有 m甲g sinθ＝f＋T1 ④ （2分）
當乙物體運動到最低點時，繩子上的彈力設為T2，
由牛頓第二定律：
⑤
（2分）
此時甲物體恰好不上滑，有 m甲g sinθ＋f＝T2 ⑥ （2分）
聯立②③④⑤⑥解得 
N
（3分）
25．（20分）
解：（1）帶電系統鎖定解除后，在水平方向上受到向右的電場力作用開始向右加速運動，當B進入電場區時，系統所受的電場力為A、B的合力，因方向向左，從而做減速運動，以后不管B有沒有離開右邊界，速度大小均比B剛進入時小，故在B剛進入電場時，系統具有最大速度。
設B進入電場前的過程中，系統的加速度為a1，由牛頓第二定律：
2Eq＝2ma1 （2分）
B剛進入電場時，系統的速度為vm，由
可得 
（3分）
（2）對帶電系統進行分析，假設A能達到右邊界，電場力對系統做功為W1
則 
（2分）
故系統不能從右端滑出，即：當A剛滑到右邊界時，速度剛好為零，接著反向向左加速。由運動的對稱性可知，系統剛好能夠回到原位置，此后系統又重復開始上述運動。
（2分）
設B從靜止到剛進入電場的時間為t1，則 
（1分）
設B進入電場后，系統的加速度為a2，由牛頓第二定律
（1分）
顯然，系統做勻減速運動，減速所需時間為t2，則有
（1分）
那么系統從開始運動到回到原出發點所需的時間為
（2分）
（3）當帶電系統速度第一次為零，即A恰好到達右邊界NQ時，B克服電場力做的功最多，B增加的電勢能最多，此時B的位置在PQ的中點處 （1分）
所以B電勢能增加的最大值
（3分）
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