題目列表(包括答案和解析)
（1）在《探究加速度與力、質量的關系》實驗中
①某小組同學用如圖所示裝置，采用控制變量方法，研究在小車質量不變的情況下，小車加速度與小車受力的關系。下列說法正確的是
A．平衡摩擦力的方法就是將木板一端墊高，在塑料小桶中添加砝碼，使小車在繩的拉力作用下能勻速滑動
B．每次改變小車所受的拉力時，不需要重新平衡摩擦力
C．實驗中應先放小車，然后再開打點計時器的電源
D．在每次實驗中，應使小車和砝碼的質量遠大于砂和小桶的總質量
②如圖所示是某一次打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶．取計數點A、B、C、D、E、F、G．紙帶上兩相鄰計數點的時間間隔為T = 0.10s，用刻度尺測量出各相鄰計數點間的距離分別為AB=1.50cm，BC=3.88 cm，CD=6.26 cm，DE=8.67 cm，EF=11.08 cm，FG=13.49cm，則小車運動的加速度大小a = _____ m/s2，打紙帶上C點時小車的瞬時速度大小VC = ______ m/s．（結果保留二位有效數字）
③某同學測得小車的加速度a和拉力F的數據如下表所示（小車質量保持不變）：
F/N | 0.20 | 0.30 | 0.40 | 0.50 | 0.60 |
a/ m/s2 | 0.30 | 0.40 | 0.48 | 0.60 | 0.72 |
a．根據表中的數據在坐標圖上作出a-F圖象
b．若作出的a-F圖象不過坐標原點，可能的原因是：_______________________。
（2）在測定一節干電池的電動勢和內電阻的實驗中，
實驗室備有下列器材選用：
干電池（電動勢E約為1.5V，內電阻r約為1.0Ω）；電流表G（滿偏電流2.0mA，內阻Rg=10Ω）；
電流表A（量程0~0.6A，內阻約為0.5Ω）；
滑動變阻器R1（0~20Ω，10A）；
滑動變阻器R2（0~300Ω,1A）；
定值電阻R0=999Ω；
開關和導線若干。
某同學設計了如圖甲所示的電路進行實驗：
①該電路中為了操作方便且能準確地進行測量， 滑動變阻器應選 ???? （填寫器材前的字母代號“R1”或“R2”）； 在閉合開關S前，應將滑動變阻器的滑動端c移動至
???? （填“a端”、“中央”或“b端”）。
②根據圖甲在圖乙的實物圖上連線。
| F/N | 0.20 | 0.30 | 0.40 | 0.50 | 0.60 |
| a/ m/s2 | 0.30 | 0.40 | 0.48 | 0.60 | 0.72 |
在測定勻變速直線運動加速度的實驗中，某同學操作中有以下實驗步驟，其中錯誤或遺漏的步驟有(遺漏步驟可編上序號G、H……)________．
A．拉住紙帶，將小車移至靠近打點計時器處，先放開紙帶，再接通電源；
B．將打點計時器固定在平板上，并接好電路；
C．把一條細繩拴在小車上，細繩跨過定滑輪下面吊著適當重的鉤碼；
D．取下紙帶；
E．將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔；
將以上步驟完善并按合理順序寫在橫線上：________．
在測定勻變速直線運動加速度的實驗中，某同學操作中有以下實驗步驟，其中錯誤或遺漏的步驟有(遺漏步驟可編上序號G、H……)________．
A．拉住紙帶，將小車移至靠近打點計時器處，先放開紙帶，再接通電源；
B．將打點計時器固定在平板上，并接好電路；
C．把一條細繩拴在小車上，細繩跨過定滑輪下面吊著適當重的鉤碼；
D．取下紙帶；
E．將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔；
將以上步驟完善并按合理順序寫在橫線上：________．
題號
1
2
3
4
5
6
答案
B
D
C
A
B
BC
題號
7
8
9
答案
BC
BD
AD
10．（8分）8.472；10.040；
11. （10分）(1)從實驗裝置看,該同學所用交流電的電壓為 _220 伏特,操作步驟中釋放紙帶和接通電源的先后順序應該是 _先接通電源后釋放紙帶 （每空1分，共2分）
(2)從數據處理方法看，在S1、S2、S3、S4、S5、S6中，對實驗結果起作用的，方法A中有 _ S1、S6; 方法B中有S1、S2、S3、S4、S5、S6。因此，選擇方法 _B （A或B）更合理，這樣可以減少實驗的 _偶然 (系統或偶然)誤差。（每空1分，共4分）
(3)本實驗誤差的主要來源有（試舉出兩條）. （每答對1條得2分，共4分）
重物下落過程中受到阻力； S1、S2、S3、S4、S5、S6 長度測量；
交流電頻率波動； 數據處理方法等。
12、（11分）
（1）水果電池的內阻太大。（1分）
（2）（6分）曉宇的方法不正確（1分），因水果電池本身有電動勢（1分），當用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時，歐姆表內部的電源與水果電池的電動勢正向或反向串聯，影響測量的結果，故測不準（1分）。
小麗同學測量的誤差也很大（1分）。理想狀態下用電流表測得的是短路電流，伏特表測得的應當是電源電動勢，但由于水果電池的內阻很大，伏特表的內阻不是遠大于水果電池的內阻（1分），故其測得的電動勢誤差大，算得的內阻亦不準確（1分）。
（3）①B（1分）、G（1分）
②（2分）
13．（14分）（1）
14．（14分）
解析：（1）由0－v2＝－2as 得
加速度大小a＝＝＝
（2）由牛頓第二定律得
f阻＋F附＝ma
故f阻＝ma－F附＝3×106×0.05－9×104＝6×104N （4分）
（3）由P＝Fv得
P＝f阻?vm
故P＝6×104×20＝1.2×106W （4分）
（4）由動能定理得：
Pt－f阻s1＝mv
代入數據解得：s1＝
故總行程s＝s1＋s2＝
15. （16分）解：對薄板由于Mgsin37
?m(M+m)gcos37故滑塊在薄板上滑動時，薄板靜止不動.
對滑塊：在薄板上滑行時加速度a
=gsin37=
，至B點時速度V=
=
滑塊由B至C時的加速度a
= gsin37-mgcos37=,滑塊由B至C用時t,由L
=Vt+
at
即t+6t-7=0 解得t=1s
對薄板：滑塊滑離后才開始運動，加速度a= gsin37-mgcos37=，滑至C端用時t
=
=
s
故滑塊、平板下端B到達斜面底端C的時間差是△t= t-t=-1=1.65s
16．(16分)
（1）設A、B下落H高度時速度為υ，由機械能守恒定律得：
（1分）
B著地后，A先向下運動，再向上運動到，當A回到B著地時的高度時合外力為0，對此過程有： 
（1分）
解得：
（1分）
（2）B物塊恰能離開地面時，彈簧處于伸長狀態，彈力大小等于mg，B物塊剛著地解除彈簧鎖定時，彈簧處于壓縮狀態，彈力大小等于mg．因此，兩次彈簧形變量相同，則這兩次彈簧彈性勢能相同，設為EP． （2分）
又B物塊恰能離開地面但不繼續上升，此時A物塊速度為0．
從B物塊著地到B物塊恰能離開地面但不繼續上升的過程中，A物塊和彈簧組成的系統機械能守恒，即：
（2分）解得：Δx＝H （2分）
（3）因為B物塊剛著地解除彈簧鎖定時與B物塊恰能離開地面時彈簧形變量相同，所以彈簧形變量
（1分）
第一次從B物塊著地到彈簧恢復原長過程中，彈簧和A物塊組成的系統機械能守恒：
（2分）
第二次釋放A、B后，A、B均做自由落體運動，由機械能守恒得剛著地時A、B系統的速度為
（1分）
從B物塊著地到B剛要離地過程中，彈簧和A物塊組成的系統機械能守恒：
（2分）
聯立以上各式得：
（1分）
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