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自耦變壓器的特點(diǎn)是在鐵心上只繞一個(gè)線圈，它的結(jié)構(gòu)如圖2所示，P、M之間可以當(dāng)做一個(gè)線圈，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P，可以改變這個(gè)線圈的匝數(shù)；N、M之間可以當(dāng)做另一個(gè)線圈．M、N與一個(gè)滑動(dòng)變阻器相連，Q為滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭．下列論述正確的是（ ）

A．當(dāng)恒定交流電源接到a、b時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P，電壓表V₁的示數(shù)不變，V₂示數(shù)增大
B．當(dāng)恒定交流電源接到a、b時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P，電壓表V₁示數(shù)變大，V₂示數(shù)也增大
C．當(dāng)恒定交流電源接到c、d時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭Q，電壓V₁的示數(shù)不變，V₂示數(shù)不變
D．當(dāng)恒定交流電源接到c、d時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭Q，電壓表V₁示數(shù)變大，V₂示數(shù)不變

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自耦變壓器的特點(diǎn)是在鐵芯上只繞一個(gè)線圈，它的結(jié)構(gòu)如圖所示，P、M之間可以當(dāng)做一個(gè)線圈，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P，可以改變這個(gè)線圈的匝數(shù)，N、M之間可以當(dāng)做另一個(gè)線圈。M、N與一個(gè)滑動(dòng)變阻器相連，Q為滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，下列論述正確的是

[     ]

A．當(dāng)交流電源接到a、b時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P，電壓表V₁示數(shù)不變，V₂示數(shù)增大
B．當(dāng)交流電源接到a、b時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭P，電壓表V₁示數(shù)變大，V₂示數(shù)也增大
C．當(dāng)交流電源接到c、d時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭Q，電壓表V₁示數(shù)不變，V₂示數(shù)不變
D．當(dāng)交流電源接到c、d時(shí)，向上移動(dòng)滑動(dòng)觸頭Q，電壓表V₁示數(shù)變大，V₂示數(shù)不變

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如圖是變壓器通過降壓給用戶供電的示意圖．變壓器的輸入電壓是市網(wǎng)電壓，負(fù)載變化時(shí)輸入電壓不會(huì)有大的波動(dòng)．輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的總電阻用R₀表示，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，當(dāng)滑動(dòng)片向下移動(dòng)時(shí)，圖中各表的讀數(shù)變化情況正確的是（　　）

A．A₁變小

B．A₂變大

C．V₂不變

D．V₃變小

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一理想變壓器給負(fù)載供電，變壓器輸入電壓不變，如圖所示．電燈A上標(biāo)有“10V，10W”的字樣，電燈B上標(biāo)有“8V，20W”的字樣，滑動(dòng)變阻器的總電阻為6Ω，當(dāng)滑動(dòng)觸頭由a端向b端滑動(dòng)的過程中（不考慮電燈電阻的變化）．則圖中所有交流電表的讀數(shù)及輸入功率變化情況正確的是（均為理想電表）（　　）

A．V₁、V₂不變，A₁增大，A₂增大，P先減小后增大

B．V₁、V₂不變，A₁、A₂增大，P增大

C．V₁、V₂不變，A₁、A₂減小，P先增大后減小

D．V₁不變，V₂增大，A₁減小，A₂減小，P減小

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一、選擇題

題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

答案

CD

BD

ABD

B

AD

BD

D

C

B

BD

D

BCD

二、非選擇題

13．（10分）答案：（10分）（1）A（3分）；（2）吸收（3分）；（3）（4分）

14．（10分）答案：（1）1，（3分）沿軸負(fù)方向（2分）；（2）1.7×10⁸（3分），15（2分）

15．（12分）答案：（1）（6分）4.00；0.500；2.00（6分，每空2分，有效數(shù)字位數(shù)錯(cuò)誤每空扣1分）（2）（6分）①B、F（2分）；②甲（1分）；先釋放紙帶再接通電源（1分）

16．（12分）

答案：（1）實(shí)物圖連線如右圖所示．（3分）

（2）R_p                        （2分）

（3）               （3分）

（4）等于                      （2分）

（5）能                        （2分）

17．（14分）

解：（1）將小球到達(dá)A點(diǎn)的速度分解如圖

有:    （4分）

②假設(shè)小球能到達(dá)C點(diǎn),由動(dòng)能定理有:

   （4分）

得>，故小球能到達(dá)最高點(diǎn)C．   （2分）

在最高點(diǎn),由牛頓第二定律有：（2分）

代入數(shù)據(jù)得：（1分）

由牛頓第三定律：，方向豎直向上（1分）

18．（18分）

解：（1）   （2分）        （1分）     （1分）

得      （2分）

（2）軌跡如圖，設(shè)∠GOH=θ，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為R^/．

則tanθ=   即   θ=60⁰（3分）

則HO^/=2O^/P，即d-R^/=2R^/     得：R^/=（3分）

因?yàn)槠渌鼦l件不變，由牛頓第二定律：   （2分）     （2分）

聯(lián)立以上兩式，得：       （2分）

19．（18分）

解：（1）在t=0時(shí),線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為    （2分）

 線圈中電流大小為：  （2分）

線圈所受安培力： （2分）

線圈的加速度：     （2分）

（3）當(dāng)線圈做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速率最大，此時(shí)線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

                        （2分）

線圈中電流大小為：                            （2分）

線圈所受安培力：                        （2分）

線圈所受合力為0,有：                              （2分）

代入數(shù)據(jù)解得：                                         （2分）

20．（18分）

解：（1）A物體沿斜面下滑時(shí)：

                               （2分）

∴

m/s²                          （1分）

同理B物體沿斜面下滑時(shí)有：=0          （2分）

由上面可知，撤去固定A、B的外力后，物體B恰好靜止于斜面上，物體A將沿斜面向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．                                                     （1分）

A與B第一次碰撞前的速度

                                        （1分）

故A、B第一次碰后瞬時(shí)，B的速率                          （1分）

（2）從AB開始運(yùn)動(dòng)到第一次碰撞用時(shí)：                （1分）

           （1分）

兩物體相碰后，A物體的速度變?yōu)榱悖�以后再做勻加速運(yùn)動(dòng)，而B物體將以的速度沿斜面向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)．                                       （1分）

設(shè)再經(jīng)t₂時(shí)間相碰，則有                                     （1分）

解之可得t₂=0.8s                                                （1分）

故從A開始運(yùn)動(dòng)到兩物體第二次相碰，共經(jīng)歷時(shí)間t=t₁+t₂=0.4+0.8=1.2s        （1分）

（3）碰后A、B交換速度，碰后B的速度均要比A的速度大1m/s．

 即：，              （2分）

從第2次碰撞開始，每次A物體運(yùn)動(dòng)到與B物體碰撞時(shí)，速度增加量均為Δv=at₂=2.5×0.8m/s=2m/s，由于碰后速度交換，因而碰后B物體的速度為：

第一次碰后： v_B1=1m/s

第二次碰后： v_B2=2m/s

第三次碰后： v_B3=3m/s

……

第n次碰后： v_Bn = n m/s

每段時(shí)間內(nèi)，B物體都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則第n次碰前所運(yùn)動(dòng)的距離為

s_B=[1+2 + 3 + …… + (n ? 1)]×t₂ =  m   (n=1，2，3，…，n ? 1) （2分）