題目列表(包括答案和解析)
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，在t=0時刻的波形如圖所示．質點P位于x=2cm處，質點Q位于x=6cm處．已知x=4cm處依次出現兩次波谷的時間間隔為0.4s，則以下判斷正確的是（ ）| A、這列波的波長是8cm | B、質點P和Q的位移在任何時候都相同 | C、這列波的傳播速度是20cm/s | D、x=4cm處質點做簡諧運動的表達式為y=6sin5πt（cm） |
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速為2m/s，t=0時刻的波形圖如右圖所示，P、M為介質中的兩個質點，質點P剛好位于波峰。關于這列波，下列說法正確的是
A．t=0時刻，質點P的加速度比質點M的加速度大
B．質點M比質點P先回到平衡位置
C．t=1.5s時刻，質點P的速度方向沿y軸正方向，并且達到最大值
D．質點M開始振動后的任意2．5s內，通過的路程一定為25cm
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，在t = 0時刻的波形如圖所示．質點P位于x =" 2" cm處，質點Q位于x =6cm處．已知 x =" 4" cm處依次出現兩次波谷的時間間隔為0.4 s，則以下判斷正確的是______________．
| A．這列波的波長是8cm |
| B．質點P和Q的位移在任何時候都相同 |
| C．這列波的傳播速度是20 cm/s |
| D．x = 4cm處質點做簡諧運動的表達式為y="6" sin5πt （cm） |
| A．這列波的波長是8cm |
| B．質點P和Q的位移在任何時候都相同 |
| C．這列波的傳播速度是20 cm/s |
| D．x = 4cm處質點做簡諧運動的表達式為y="6" sin5πt （cm） |
| A．t=0時刻，質點P的加速度比質點M的加速度大 |
| B．質點M比質點P先回到平衡位置 |
| C．t=1.5s時刻，質點P的速度方向沿y軸正方向，并且達到最大值 |
| D．質點M開始振動后的任意2．5s內，通過的路程一定為25cm |
一、1―5BCBAD 6―10BDACB 11―13DAC
二、14．BC 15．B 16．AC 17．B 18．C 19．C 20．BD 21．B
三、
22．（I）（每空2分，共6分） 左 1.60 9.60（9.6）
（II）（每問4分，共12分）①乙
②A：按乙圖連接好實驗電路；B：閉合s1、s2，記下電壓表的讀數U1；C：再斷開s2，記下電壓表的讀數U2 （4分，B項和C項步驟各2分）
③
（4分）
23．（14分）解：（1）設乙在接棒前跑過的路程為s1，
由運動學公式得
① （3分）
設乙啟動到最大速度過程中，跑過的路程為s，
由運動學公式得
② （3分）
由①②得s1=
（2）設甲、乙交棒之前，甲跑過的路程為s2，
有
③ （2分）
在此過程中，對乙分析有
④ （2分）
由②③④得s2=
則甲乙相距△s=s2-s1=
24．（19分）解：（1）對B球:從靜止釋放至擺到最低點過程中，根據動能定理，有
① （4分）
代入數據，解得B球在最低點的速率 v=
（2） B球與A球碰撞過程中，兩球所組成的系統動量守恒，動能不損失，取水平向右為正方向，有
② （2分）
③
（2分）
聯立②、③，解得B球速度v1=
A球速度為v2=
根據電荷守恒定律得，碰后A球帶電量
（1分）
A球離開平臺后，由牛頓第二定律得
④ （2分）
故豎直方向的加速度
（1分）
A球從離開平臺至著地過程中，
由
得
（1分）
水平位移大小S=v2t=2×
25．（21分）解：（1）設水平拉力為F ，
則
① （1分）
對框架由牛頓第二定律得
② （2分）
解得
（1分） ]
（2）設框架做勻速運動的速度大小為v，
則感應電動勢
③ （2分）
回路中的電流 
④ （2分）
對框架由力的平衡得
⑤ （2分）
聯立上式解得
（1分）
（3）在框架滑過s的過程中，設產生的電熱為Q1 ，摩擦生熱為Q2
由功能關系得
⑥ （3分）
其中
⑦ （2分）
在框架勻速運動后，對棒由力的平衡得
⑧ （2分）
另有
⑨ （1分）
聯立以上各式得
（2分）
（3分） 
（2） CH3COOH＋C2H5OH CH3COOC2H5＋H2O （2分）
