題目列表(包括答案和解析)
| S△PBC |
| S△ABc |
| S△PCA |
| S△ABC |
| S△PAB |
| S△ABC |
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 3 |
| 1 |
| 6 |
| A、點Q在△GAB內 |
| B、點Q在△GBC內 |
| C、點Q在△GCA內 |
| D、點Q與點G重合 |
，λ2=
,λ3=
，定義f（P）=（λ1，λ2，λ3）.若G是△ABC的重心，f（Q）=（
,
，
），則（ ）A.點Q在△GAB內 B.點Q在△GBC內
C.點Q在△GCA內 D.點Q與G重合
設P是△ABC內任意一點，S△ABC表示△ABC的面積，λ1＝
， λ2＝
，λ3＝
，定義f（P）=（λ1, λ, λ3）,若G是△ABC的重心，f（Q）＝（
，
，
），則
A．點Q在△GAB內 B．點Q在△GBC內
C．點Q在△GCA內 D．點Q與點G重合
設P是△ABC內任意一點，S△ABC表示△ABC的面積，λ1＝
， λ2＝
，λ3＝
，定義
,若G是△ABC的重心，f（Q）＝（
，
，
），則
A．點Q在△GAB內 B．點Q在△GBC內
C．點Q在△GCA內 D．點Q與點G重合
第Ⅱ卷（共90分）
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一、選擇題：1―5：BACCB 6―10： CDDBA
二、填空題：
11．5600 12．35 13． 14．－2 15．，
三、解答題：
16．解法一 由
得
所以
即
因為所以，從而
由知 從而.
由
即
由此得所以
解法二：由
由、，所以
即
由得
所以
即 因為，所以
由從而，知B+2C=不合要求.
再由，得 所以
所以∠AOB是所折成的直二面角的平面角，即OA⊥OB. 故可以O為原點，OA、OB、OO1所在直線分別為軸、y軸、z軸建立空間直角坐標系，
如圖3，則相關各點的坐標是A（3，0，0），B（0，3，0），C（0，1，），O1（0，0，）.從而所以AC⊥BO1.
（II）解：因為所以BO1⊥OC，
由（I）AC⊥BO1，所以BO1⊥平面OAC，是平面OAC的一個法向量. 設是0平面O1AC的一個法向量，
由 得.
設二面角O―AC―O1的大小為，由、的方向可知，>，
即二面角O―AC―O1的大小是
解法二（I）證明 由題設知OA⊥OO1，OB⊥OO1，
所以∠AOB是所折成的直二面角的平面角，
即OA⊥OB. 從而AO⊥平面OBCO1，
OC是AC在面OBCO1內的射影.
因為 ，
所以∠OO1B=60°，∠O1OC=30°，從而OC⊥BO1
由三垂線定理得AC⊥BO1.
（II）解 由（I）AC⊥BO1，OC⊥BO1，知BO1⊥平面AOC.
設OC∩O1B=E，過點E作EF⊥AC于F，連結O1F（如圖4），則EF是O1F在平面AOC
內的射影，由三垂線定理得O1F⊥AC.
所以∠O1FE是二面角O―AC―O1的平面角.
由題設知OA=3，OO1=，O1C=1，
所以，
從而， 又O1E=OO1?sin30°=，
所以 即二面角O―AC―O1的大小是
18．解：（I）分別記“客人游覽甲景點”，“客人游覽乙景點”，“客人游覽丙景點”
為事件A1，A2，A3. 由已知A1，A2，A3相互獨立，P（A1）=0.4，P（A2）=0.5，
P（A3）=0.6.
客人游覽的景點數的可能取值為0，1，2，3. 相應地，客人沒有游覽的景點數的可能取
值為3，2，1，0，所以的可能取值為1，3.
P（=3）=P（A1?A2?A3）+ P（）
= P（A1）P（A2）P（A3）+P（）
=2×0.4×0.5×0.6=0.24，
1
3
P
0.76
0.24
所以的分布列為
E=1×0.76+3×0.24=1.48.
（Ⅱ）解法一 因為
所以函數上單調遞增，
要使上單調遞增，當且僅當
從而
解法二：的可能取值為1，3.
當=1時，函數上單調遞增，
當=3時，函數上不單調遞增.0
所以
19．（Ⅰ）證法一：因為A、B分別是直線l：與x軸、y軸的交點，所以A、B的坐標分別是.
所以點M的坐標是（）. 由
即
證法二：因為A、B分別是直線l：與x軸、y軸的交點，所以A、B的坐標分別是設M的坐標是
所以 因為點M在橢圓上，所以
即
解得
（Ⅱ）解法一：因為PF1⊥l，所以∠PF1F2=90°+∠BAF1為鈍角，要使△PF1F2為等腰三角形，必有|PF1|=|F1F2|，即
設點F1到l的距離為d，由
得 所以
即當△PF1F2為等腰三角形.
解法二：因為PF1⊥l，所以∠PF1F2=90°+∠BAF1為鈍角，要使△PF1F2為等腰三角形，必有|PF1|=|F1F2|，
設點P的坐標是，
則
由|PF1|=|F1F2|得
兩邊同時除以4a2，化簡得 從而
于是. 即當時，△PF1F2為等腰三角形.
20．解（I）從第n年初到第n+1年初，魚群的繁殖量為axn，被捕撈量為bxn，死亡量為
（II）若每年年初魚群總量保持不變，則xn恒等于x1， n∈N*，從而由（*）式得
因為x1>0，所以a>b.
猜測：當且僅當a>b，且時，每年年初魚群的總量保持不變.
（Ⅲ）若b的值使得xn>0，n∈N*
由xn+1=xn(3－b－xn), n∈N*, 知
0<xn<3－b, n∈N*, 特別地，有0<x1<3－b. 即0<b<3－x1.
而x1∈(0, 2)，所以
由此猜測b的最大允許值是1.
下證 當x1∈(0, 2) ，b=1時，都有xn∈(0, 2), n∈N*
①當n=1時，結論顯然成立.
②假設當n=k時結論成立，即xk∈(0, 2),
則當n=k+1時，xk+1=xk(2－xk)>0.
又因為xk+1=xk(2－xk)=－(xk－1)2+1≤1<2,
所以xk+1∈(0, 2)，故當n=k+1時結論也成立.
由①、②可知，對于任意的n∈N*，都有xn∈(0,2).
綜上所述，為保證對任意x1∈(0, 2), 都有xn>0， n∈N*，則捕撈強度b的最大允許值是1.
21．解：（I），
則
因為函數h(x)存在單調遞減區間，所以<0有解.
又因為x>0時，則ax2+2x－1>0有x>0的解.
①當a>0時，y=ax2+2x－1為開口向上的拋物線，ax2+2x－1>0總有x>0的解；
②當a<0時，y=ax2+2x－1為開口向下的拋物線，而ax2+2x－1>0總有x>0的解；
則△=4+4a>0,且方程ax2+2x－1=0至少有一正根.此時，－1<a<0.
綜上所述，a的取值范圍為（－1，0）∪（0，+∞）.
（II）證法一 設點P、Q的坐標分別是（x1, y1），（x2, y2），0<x1<x2.
則點M、N的橫坐標為
C1在點M處的切線斜率為
C2在點N處的切線斜率為
假設C1在點M處的切線與C2在點N處的切線平行，則k1=k2.
即，則
=
所以 設則①
令則
因為時，，所以在）上單調遞增. 故
則. 這與①矛盾，假設不成立.
故C1在點M處的切線與C2在點N處的切線不平行.
證法二：同證法一得
因為，所以
令，得 ②
令
因為，所以時，
故在[1，+上單調遞增.從而，即
于是在[1，+上單調遞增.
故即這與②矛盾，假設不成立.
故C1在點M處的切線與C2在點N處的切線不平行.
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，定義f(P)＝(λ1，λ2，λ3)，若G是△ABC的重心，
，則