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2007年10月24日，我國發(fā)射的“嫦娥一號”探月衛(wèi)星簡化后的路線示意圖如圖所示．衛(wèi)星由地面發(fā)射后，經(jīng)過發(fā)射軌道進入停泊軌道，然后在停泊軌道經(jīng)過調(diào)速后進入地月轉移軌道，再次調(diào)速后進入工作軌道，衛(wèi)星開始對月球進行探測．已知地球與月球的質(zhì)量之比為a，衛(wèi)星的停泊軌道與工作軌道的半徑之比為b，衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道上均可視為做勻速圓周運動，則（　　）

A、衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的速度之比為 a b

B、衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的周期之比為 a b

C、衛(wèi)星在停泊軌道運行的速度大于地球的第一宇宙速度

D、衛(wèi)星在停泊軌道轉移到地月轉移軌道，衛(wèi)星必須加速

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2007年10月24日，我國發(fā)射的“嫦娥一號”探月衛(wèi)星簡化后的路線示意圖如圖所示，衛(wèi)星由地面發(fā)射后經(jīng)過發(fā)射軌道進入停泊軌道，然后在停泊軌道經(jīng)過調(diào)速后進入地月轉移軌道，再次調(diào)速后進入工作軌道，衛(wèi)星開始對月球進行探測．已知地球與月球的質(zhì)量之比為a，衛(wèi)星的停泊軌道與工作軌道的半徑之比為b，衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道上均可視為做勻速圓周運動，則下列說法不正確的是（　　）

A．衛(wèi)星在停泊軌道運行的速度小于地球的第一宇宙速度

B．衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的周期之比為 a b3

C．衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的速度之比為 a b

D．衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的向心加速度之比為 a b2

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2007年10月24日，我國發(fā)射的“嫦娥一號”探月衛(wèi)星簡化后的路線示意圖如圖所示．衛(wèi)星由地面發(fā)射后，經(jīng)過發(fā)射軌道進入停泊軌道，然后在停泊軌道經(jīng)過調(diào)速后進入地月轉移軌道，再次調(diào)速后進入工作軌道，衛(wèi)星開始對月球進行探測．已知衛(wèi)星的停泊軌道與工作軌道的半徑之比為a，衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的周期之比為b，衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道上均可視為做勻速圓周運動，則（　　）

A．地球與月球的質(zhì)量之比為 a3 b2

B．衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的線速度之比為 a b

C．衛(wèi)星在停泊軌道運行的速度小于地球的第一宇宙速度

D．衛(wèi)星在停泊軌道轉移到地月轉移軌道，衛(wèi)星必須加速

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2007年10月24日，我國發(fā)射的“嫦娥一號”探月衛(wèi)星簡化后的路線示意圖如圖所示。衛(wèi)星由地面發(fā)射后，經(jīng)過發(fā)射軌道進入停泊軌道，然后在停泊軌道經(jīng)過調(diào)速后進入地月轉移軌道，再次調(diào)速后進入工作軌道，衛(wèi)星開始對月球進行探測。已知地球與月球的質(zhì)量之比為，衛(wèi)星的停泊軌道與工作軌道的半徑之比為，衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道上均可視為做勻速圓周運動，則

A．衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的速度之比為

B．衛(wèi)星在停泊軌道和工作軌道運行的周期之比為

C．衛(wèi)星在停泊軌道運行的速度大于地球的第一宇宙速度

D．衛(wèi)星在停泊軌道轉移到地月轉移軌道，衛(wèi)星必須加速

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一、本題共12小題．每小題4分，共48分．在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確，全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分。

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

答案

D

C

C

B

C

D

C

B

B

AD

CD

AC

二．實驗題（12分，每空2分）

13．8.472；10.040；。

14．球1將在水平軌道上擊中球2；平拋運動水平方向上的分運動是勻速直線運動；。

三、計算題。

15．（8分）解析：

（1）當彈簧豎直懸掛物體時：kL=mg         ①      　      2分

在A從三棱體上下滑時，對A和三棱體組成的系統(tǒng)，在水平方向上，應用牛頓運動定律得：

                           ②        　      2分

由①、②可得=2m/s²                                      　 　      1分

（2）對物塊A：              ③         　    2分

解得：   　　                                           　      1分

16．（8分）

解析：（1）由0－v²＝－2as　得

加速度大小a＝＝＝0.05m/s²　（2分）

（2）由牛頓第二定律得

　f_阻＋F_附＝ma

　故f_阻＝ma－F_附＝3×10⁶×0.05－9×10⁴＝6×10⁴N （2分）

（3）由P＝Fv得

　P＝f_阻?v_m

　故P＝6×10⁴×20＝1.2×10⁶W       （2分）

（4）由動能定理得：

　Pt－f_阻s₁＝mv²_m

代入數(shù)據(jù)解得：s₁＝10km

故總行程s＝s₁＋s₂＝14km        （2分）

17．（10分）

解析：（1）設彈簧剛好恢復原長時，A和B物塊速度的大小分別為v_A、v_B，由動量守恒和能量守恒得：

                       　　　      2分

                        　　　　      2分

聯(lián)立解得               

（2）彈簧第二次被壓縮到最短時，彈簧具有的彈性勢能最大，此時A、B、C具有相同的速度，設此速度為v，由動量守恒得：

                        　　　　　  2分

所以             

C與B碰撞，設碰后B、C粘連時的速度為v ^/，由動量守恒得：

        　　　　　　　　　　　   2分

　　故彈簧第二次被壓縮到最短時，彈簧具有的最大彈性勢能為：

         2分

18．（14分）（1）由系統(tǒng)機械守恒得：

  …………①

得    ………………②

方向斜向下

（2）當球b運動到最低時，其豎直方向的速度與v_a大小相等，方向相反（因為繩長不變），球b在水平方向的速度    …………③

而與球a在水平方向碰撞，碰后兩球的速度為v，由動量守恒，得

  ………………④

繩中張力T由牛頓第二定律得：   …………⑤

聯(lián)立②③④⑤式得：    …………⑥

（3）球a的動量變化  …………⑦

與水平方向的夾角   …………⑧

評分標準：本題14分。①式2分，②式1分，③④⑤式各2分，⑥式1分，⑦⑧式2分。