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設函數，對任意恒成立，則實數m的取值范圍是(    )

A．

B．

C．

D．

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設函數，對任意恒成立，則實數m的取值范圍是(    )

A．

B．

C．

D．

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設函數若當0時，恒成立，則實數m的取值范圍是 （ ）

A．(0,1)

B．(－∞，0)

C．

D．(－∞，1)

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設函數若當0時，恒成立，則實數m的取值范圍是 （ ）

A．(0,1)

B．(－∞，0)

C．

D．(－∞，1)

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一、1．B  2．B  3．D  4．B  5．D  6．A  7．B  8．C  9．B  10．B  11．B  12．D

二、13．   14．32  15．162   16．3

三、17．解：（1）

   （2）

       ，

18．解：（1）設5次實驗中只成功一次為事件A，一次都不成功為事件B，

       則P（5次實驗至少2次成功）=1－P（A）－P（B）=1－

   （法2：所求概率為）

   （2）ξ的可能取值為2、3、4、5

       又

19．解法1：（1）取CD的中點E，連結PE、EM、EA

       ∵△PCD為正三角形   ∴PE⊥CD，PE=PDsin∠PDE=2sin60°=

       ∵平面PCD⊥平面ABCD  ∴PE⊥平面ABCD 

       ∵四邊形ABCD是矩形   ∴△ADE、△ECM、△ABM均為直角三角形

       由勾股定理可求得EM=，AM=，AE=3        ∴EM²+AM²=AE²

       ∴∠AME=90°      ∴AM⊥PM

   （2）由（1）可知EM⊥AM，PM⊥AM   ∴∠PME是二面角P―AM―D的平面角

       ∴tan∠PME=   ∴∠PMA=45°  ∴二面角P―AM―D為45°

   （3）設D點到平面PAM的距離為d，連結DM，則

       在Rt△PEM中，由勾股定理可求得PM=，，

       解法2：（1）以D點為原點，

           分別以直線DA、DC

           為x軸、y軸，建立

           如圖所示的空間直角

           坐標系D―xyz，

       依題意，可得D（0，0，0），P（0，1，），C（0，2，0），A（2，0，0），

                M（，2，0），

                            即，∴AM⊥PM.

   （2）設平面PAM，則

        取y=1，得 顯然平面ABCD

        .

        結合圖形可知，二面角P―AM―D為45°；

   （3）設點D到平面PAM的距離為d，由（2）可知）與平面PAM垂直，

              則

              即點D到平面PAM的距離為

20．解：（1）

       ①當時  由

       解得：定義域為（0，+∞）

       ∴函數的單調遞增區間為（

       由可知的單調遞增區間為

       ②當時  同理可得：函數的單調遞增區間為

                           函數的單調遞減區間為

   （2）當時，

       令

       當上單調遞增

       當上單調遞減

       又在[1，3]上連續     為函數的極大值.

       又

       是函數在[1，3]上的最小值，

       為在[1，3]的最大值.

21．解：（1）在直線

       ∵P₁為直線l與y軸的交點，∴P₁（0，1）  ，

      又數列的公差為1 

   （2）

   （3）

              是以2為公比，4為首項的等比數列，

22．解：（1）直線l過點（3，）且方向向量為）

       ∴l方程為  化簡為：

       ∵直線和橢圓交于兩點和x軸交于M（1，0）

       又

       即

   （2）  ∴橢圓C方程為

              由

                 ∴橢圓C方程為：

   （3）將中得 ①

              由韋達定理知：

              由②²/③知：………④

              對方程①求判別式，且由  即

              化簡為：………………⑤

              由④式代入⑤式可知：，求得，

              又橢圓的焦點在x軸上，則，

              由④知：，結合，求得

              因此所求橢圓長軸長2a范圍為（2，）.